![]() |
Главная Случайная страница Контакты | Мы поможем в написании вашей работы! | |
|
1. Независимые начальные условия:
uC (0+) = uC (0-) = 0; i 3(0+) = i 3(0-) = =
= 2 А.
2. Принуждённые составляющие токов: i 2 пр = 0, i 1 пр = i 3 пр = =
= 1 А.
3. Характеристическое уравнение:
+ r +
= 0 или 2 LrС × р 2 + (L + 3 r 2 С)р + 2 r = 0
или 2×0,2×50×40×10 -6× р 2 + ( 0,2+ 3×502×40×10 -6 )р + 2×50 = 0,
или 0,8×10 -3× р 2 + 0,5× р + 100 = 0.
Корни характеристического уравнения: р 1,2 = -312,5 ± j 165,4 с –1.
4. Вид свободных составляющих:
i 1 св (t) = А × е - at × sin(wt +Y 1 ), i 2 св (t) = В × е - at × sin(wt +Y 2 ), i 3 св (t) = D × е - at × sin(wt +Y 3 ),
где коэффициент затухания a = | Re(р 1 ) | = 312,5 с –1;
угловая частота свободных колебаний w = Im(р 1 ) = 165,4 рад/с –1.
Начальные условия для свободных составляющих:
i 1 св( 0 ) = А × sinY 1, i 1 св ¢ ( 0 ) = - a × А × sinY 1 + w × А × cosY 1;
i 2 св( 0 ) = В × sinY 2, i 2 св ¢ ( 0 ) = - a × В × sinY 2 + w × B × cosY 2;
i 3 св( 0 ) = D × sinY 3, i 3 св ¢ ( 0 ) = - a × D × sinY 3 + w × D × cosY 3.
5. Для определения постоянных интегрирования рассчитаем начальные
условия. С этой целью составим систему уравнений по законам Кирхгофа для нулевого момента времени, причём учтём уравнение связи между током и напряжением на конденсаторе: i 1 ( 0 ) – i 2 ( 0 ) – i 3 ( 0 ) = 0,
r × i 1 ( 0 ) + r × i 2 ( 0 ) + uC( 0 ) = U,
r × i 1 ( 0 ) + L × i 3¢ ( 0 ) + r × i 3 ( 0 ) = U,
i 2 ( 0 ) = С × uC ¢ ( 0 ).
Отсюда начальные значения токов: i 1 ( 0 ) = i 2 ( 0 ) + 2,
i 2 ( 0 ) = =
= 0; i 1 ( 0 ) =2 А.
Начальные значения производных: uC ¢ ( 0 ) = i 2 ( 0 ) / С = 0;
i 3¢ ( 0 ) = =
= -500 A / с;
i 1¢ ( 0 ) = - i 2¢ ( 0 ) = i 3¢ ( 0 ) /2 = -250 А / с.
Начальные условия для свободных составляющих:
i 1 св( 0 ) = i 1 ( 0 ) – i 1 пр( 0 ) = 2 – 1 = 1 А, i 1 св ¢ ( 0 ) = i 1¢ ( 0 ) – i 1 пр ¢ ( 0 ) = -250 А / с,
i 2 св( 0 ) = i 2 ( 0 ) – i 2 пр( 0 ) = 0, i 2 св ¢ ( 0 ) = i 2¢ ( 0 ) – i 2 пр ¢ ( 0 ) = 250 А / с,
i 3 св( 0 ) = i 3 ( 0 ) – i 3 пр( 0 ) = 2 – 1 = 1 А, i 3 св ¢ ( 0 ) = i 3¢ ( 0 ) – i 3 пр ¢ ( 0 ) = -500 А / с.
Таким образом, получаем и решаем следующие три системы уравнений:
А × sinY 1 = 1,
-a × А × sinY 1 + w × А × cosY 1 = -250;
А × cosY 1 = =
= 0,3779,
А = =
= 1,069,
tgY 1 = =
= 2,646, Y 1 = 69,3°.
В × sinY 2 = 0, B = 1,511,
-a × B × sinY 2 + w × B × cosY 2 = 250; Y 2 = 0°.
D × sinY 3 = 1,
-a × D × sinY 3 + w × D × cosY 3 = -500;
D × cosY 3 = = -1,134,
D = = 1,512, tgY 3 =
= -0,882,
но cosY 3 < 0, поэтому
Y 3 = 180° + arctg( -0,882 ) = 138,6°.
6. Записываем окончательные выражения для токов в соответствии с классическим методом расчёта:
i 1 (t) = i 1 пр(t) + i 1 св(t) = 1 + 1,069× е – 312,5 t × sin( 165,4 t + 69,3° ) А,
i 2 (t) = i 2 пр(t) + i 2 св(t) = 1,511× е – 312,5 t × sin( 165,4 t) А,
i 3 (t) = i 3 пр(t) + i 3 св(t) = 1 + 1,512× е – 312,5 t × sin( 165,4 t + 138,6° ) А.
7. Построим график тока i 1 (t) (рис. 7.43). Длительность переходного процесса TПП = =
с = 12,8 мс.
Период свободных колебаний T 0 = =
= 0,038 с = 38 мс.
ЗАДАЧА 7.25. В схеме рис. 7.44 рас-считать токи переходного процесса класси-ческим методом. Параметры цепи: U = 200 В, r 1 = r 2 = 50 Ом, L = 0,1 Гн, С = 40 мкФ.
Ответы: iL(t) = 2 + 2× е –500 t sin( 500 t) A;
ir 2 (t) = 2 + 2× е –500 t sin( 500 t – 90° ) A; iС(t) = 2 × е –500 t sin( 500 t + 45° ) A.
ЗАДАЧА 7.26. Определить напряжение на ёмкости и ток в цепи рис. 7.45 после размыкания рубильника, если
U = 100 В, r = 200 Ом, L = 1 Гн, С = 100 мкФ.
Ответы: i(t) = 0,5 е –100 t + 50 t × е –100 t A;
uС(t) = 100 – 100 е –100 t – 5000 t × е –100 t В.
ЗАДАЧА 7.27. Определить токи переходного процесса в цепи рис. 7.46, если
Е = 100 В, r = 10 Ом, L = 29,4 мГн, С = 100 мкФ.
Ответы: i 1 = 10 – 19,44× е –500 t sin( 300 t + 31° ) A;
i 2 = -11,33× е –500 t sin( 300 t) A;
i 3 = 10 – 11,33× е –500 t sin( 300 t + 62° ) A.
ЗАДАЧА 7.28. В схеме рис. 7.47 определить ток в индуктивности и напряжение на ёмкости, если E = 300 В,
r 1 = r 3 = 25 Ом, L = 20 мГн, С = 100 мкФ.
Ответы:
iL(t) = 12+ 11,06 е -200 t × sin( 678 t – 32,86° ) А,
uC(t) = 155,8 е -200 t × sin( 678 t + 74,27° ) B
ЗАДАЧА 7.29. Определить ток в ёмкости (рис. 7.48), если е(t) = 400 sin( 314 t – 90° ) В,
r 2 = 50 Ом, r 3 = 25 Ом, L = 0,25 Гн, С = 400 мкФ.
Дата публикования: 2014-11-19; Прочитано: 336 | Нарушение авторского права страницы | Мы поможем в написании вашей работы!