Решение. Метеообстановка на момент аварии исходная

Метеообстановка на момент аварии исходная.

Принимаем радиус зоны аварии 0,5 км (см. табл. п. 2.1.1.2 и примечание к табл. 2.6).

Определяем время испарения хлора

Т_и = r h / (K₂ × K₄ × K₇) = 1,553 × 0,05 / (0,052 × 1,67 × 1) = 0,89 ч.

Принимаем Т_и = 1 ч.

Рассчитываем ожидаемую глубину зоны заражения с пороговой концентрацией. Для этого определяем эквивалентные количества АХОВ
(хлора) в первичном Q₁ и вторичном Q₂ облаках:

Q₁ = K₁ K₃ K₅ K₇ × Q₀ = 0,18 × 1 × 0,23 × 0,6 × 70 = 1,74 т;

Q₂ = (1 – K₁) K₂ K₃ K₄ K₅ K₆ K₇ Q₀ / (r h) =

= (1 – 0,18) × 0,052 × 1 × 1,67 × 0,23 × 1 × 1 × 70 / (1,553 × 0,05) = 14,76 т.

Принимаем Q₂ =15 т.

По табл. 2.4 находим соответствующие данным эквивалентным количествам хлора глубины заражения Г₁ и Г₂ (скорость ветра – 3 м/с):

– для Q₁ = 1,74 т Г₁ = 2,9 км;

– для Q₂ = 15 т Г₂ = 10 км.

Исходя из этих глубин полная глубина заражения

Г_п = Г_max + 0,5 Г_min = 10 + 0,5 × 2,9 = 11,45 км.

Предельная возможная глубина переноса воздушных масс

Г_в = u_п Т_и = 18 × 1 = 18 км,

где u_п = 18– скорость переноса переднего фронта зараженного воздуха,
км / ч (см табл. 2.1); Т_и = 1 – время, ч.

За окончательную расчетную глубину зоны заражения принимают меньшее из значений Г_п и Г_в. Следовательно, Г = Г_п = 11,45 км. Принимают Г = 11,5 км.

Рассчитывают площади заражения:

– возможного

S_в = 8,72 × 10^-3 × Г × j = 8,72 × 10^-3 × 11,5² × 45 = 51,89 км²,

принимаем S_в = 52 км²;

– фактического

S_ф = К_в × Г² × Т_и^0,2 = 0,133 × 11,5² × 1^0,2 = 17,59 км²,

принимаем S_ф = 17,6 км².

Время подхода переднего фронта зараженного воздуха к объекту определяется скоростью переноса переднего фронта зараженного воздуха (табл. 2.1) (u_п, км / ч) при имеющейся степени вертикальной устойчивости атмосферы

Т_п = R / u_п = 1 км / (18 км / ч) = 0,055 ч = 3,3 мин.